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我希望以下代码可以工作：

template <typename Self>
struct foo_base {
    auto get(typename Self::type n) { return n; }
};

template <typename T>
struct foo : public foo_base<foo<T>> {
    using type = T;
};

问题当然是首先实例化基类，因此您不能引用派生成员类型。我需要在这里进行某种惰性评估。

我尝试制作函数模板并在其上添加 SFINAE，例如：

template <typename Self>
struct foo_base {
    template <typename T, typename = std::enable_if_t<std::is_same_v<T, typename Self::type>>>
    auto get(T n) { return n; }
};

但似乎不影响订单。有任何想法吗？

编辑：

解决方案的约束：

  • 我无法将类型作为派生类的模板参数传递。主要原因是：字体构造很复杂，几百个字符。所以不能做类似struct foo : foo_base<foo<T>, T>或变体的事情。
  • 我需要将函数限制为该类型，我无法检查函数内部。也许派生类中有重载。
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您可能会创建外部特征，例如：

template <template T>
struct TypeT;

template <typename Self>
struct foo_base {
    auto get(typename TypeT<Self>::type n) { return n; }
};

template <typename T> struct foo;

template <template T>
struct TypeT<foo<T>> {
    using type = T; // Don't use foo<T>::type, so traits can be used with incomplete type
};

template <typename T>
struct foo : public foo_base<foo<T>> {
    using type = typename TypeT<foo>::type; // Or directly = T
};

否则，您可能确实使用 SFINAE，但您必须等待类型完成（在您的情况下实例化该方法时），例如：

template <typename Self>
struct foo_base
{
    template <typename T = Self>
    auto get(typename T::type n) { return n; }
};
于 2019-02-18T14:59:29.627 回答