php - 返回到之前加载的页面并显示一个弹出窗口

Question

我有一个页面显示未决销售电话的摘要。当用户单击摘要时，会进行一个 ajax 调用，该调用会详细显示所选调用。在这里，用户可以对呼叫进行更改并单击保存。单击保存时，将进行另一个 ajax 调用以将数据写入数据库。

我想做的是这个..如果保存成功，返回显示摘要的原始页面并弹出一个说保存成功的弹出窗口。我遇到的问题是在最初加载页面时弹出窗口不触发，或者如果单击“返回而不保存”按钮。

这些页面使用 php 和 javascript，并带有 ajax 调用。

我希望这有点道理。感谢大家可能有的任何指示。

Answer 1

保存成功后，将它们重定向到如下 URL：

http://www.example.com/previousPage.php?result=success

然后，在previousPage.php 的代码中，只有这样的内容：

<?php

if(isset($_GET['result']) && $_GET['result'] == 'success')
{
    echo '<script>alert("Success!");</script>';
}

?>

Answer 2

为什么要使用 ajax 来获取销售电话，然后更改页面？我建议使用模态对话来显示您选择的调用，使用类似jQuery UI的东西。然后用户永远不会离开当前页面。